C＃switch variable initialization：为什么这段代码不会导致编译器错误或运行时错误？
... case 1: string x = "SomeString"; ... break; case 2: x = "SomeOtherString"; ... break; ... 有没有我不了解C＃中的switch语句？ 为什么在使用案例2时这不是错误？
编辑：此代码有效，不会引发错误。
你必须小心如何考虑这里的switch语句。 事实上， 根本没有创建可变范围 。 不要因为案例中的代码缩进而使其驻留在子范围内这一事实。
当编译一个开关块时，只需将case标签转换为标签，并根据switch表达式在switch语句的开头执行适当的goto指令。 实际上，您可以手动使用goto语句来创建“直通”情境（C＃直接支持），如MSDN页面所示。
goto case 1;
如果您特别想在switch块中为每个案例创建范围，则可以执行以下操作。
... case 1: { string x = "SomeString"; ... break; } case 2: { string x = "SomeOtherString"; ... break; } ...
这要求您重新声明变量x （否则您将收到编译器错误）。 在某些情况下，确定每个（或至少一些）范围的方法非常有用，您肯定会在代码中不时地看到它。
MSDN上的文档说：
在switch语句的switch-block中声明的局部变量的范围（第8.7.2节）是switch-block。
此外，之前已经提出过类似的问题： c＃switch语句中的变量声明
没有编译器错误，因为switch语句不会为变量创建新的作用域。
如果在开关内部声明变量，则变量与开关周围的代码块处于相同的范围内。 要更改此行为，您需要添加{}：
... case 1: // Start a new variable scope { string x = "SomeString"; ... } break; case 2: { x = "SomeOtherString"; ... } break; ...
这会导致编译器抱怨。 但是，切换它本身并不在内部执行此操作，因此代码中没有错误。
看起来变量的范围是在开关内，而不是这种情况，可能是因为案例可以堆叠。 请注意，如果您尝试在开关外部引用x，则它将失败。
如果在case中创建任何局部变量，则不能在侧面使用它们。
... int opt ; switch(opt) { case 1: { string x = "SomeString"; ... } break; case 2: { string x = "SomeOtherString"; ... } break; default: { //your code } break; } ...
将字符串声明移到之前
switch(value)
声明。 然后为每个案例分配x。